BZOJ-4010 菜肴制作 贪心+堆+(拓扑图拓扑序)
来源:互联网 发布:js把图片转换成base64 编辑:程序博客网 时间:2024/06/03 01:29
无意做到...char哥还中途强势插入干我...然后据他所言,看了一会题,一转头,我爆了正解....可怕
4010: [HNOI2015]菜肴制作
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Description
知名美食家小 A被邀请至ATM 大酒店,为其品评菜肴。
ATM 酒店为小 A 准备了 N 道菜肴,酒店按照为菜肴预估的质量从高到低给予1
到N的顺序编号,预估质量最高的菜肴编号为1。由于菜肴之间口味搭配的问题,
某些菜肴必须在另一些菜肴之前制作,具体的,一共有 M 条形如“i 号菜肴‘必须’
先于 j 号菜肴制作”的限制,我们将这样的限制简写为< i ,j >。现在,酒店希望能求
出一个最优的菜肴的制作顺序,使得小 A能尽量先吃到质量高的菜肴:也就是说,
(1)在满足所有限制的前提下,1 号菜肴“尽量”优先制作;(2)在满足所有限制,1
号菜肴“尽量”优先制作的前提下,2号菜肴“尽量”优先制作;(3)在满足所有限
制,1号和2号菜肴“尽量”优先的前提下,3号菜肴“尽量”优先制作;(4)在满
足所有限制,1 号和 2 号和 3 号菜肴“尽量”优先的前提下,4 号菜肴“尽量”优
先制作;(5)以此类推。
例1:共4 道菜肴,两条限制<3,1>、<4,1>,那么制作顺序是 3,4,1,2。例2:共
5道菜肴,两条限制<5,2>、 <4,3>,那么制作顺序是 1,5,2,4,3。例1里,首先考虑 1,
因为有限制<3,1>和<4,1>,所以只有制作完 3 和 4 后才能制作 1,而根据(3),3 号
又应“尽量”比 4 号优先,所以当前可确定前三道菜的制作顺序是 3,4,1;接下来
考虑2,确定最终的制作顺序是 3,4,1,2。例 2里,首先制作 1是不违背限制的;接
下来考虑 2 时有<5,2>的限制,所以接下来先制作 5 再制作 2;接下来考虑 3 时有
<4,3>的限制,所以接下来先制作 4再制作 3,从而最终的顺序是 1,5,2,4,3。
现在你需要求出这个最优的菜肴制作顺序。无解输出“Impossible!” (不含引号,
首字母大写,其余字母小写)
Input
第一行是一个正整数D,表示数据组数。
接下来是D组数据。
对于每组数据:
第一行两个用空格分开的正整数N和M,分别表示菜肴数目和制作顺序限
制的条目数。
接下来M行,每行两个正整数x,y,表示“x号菜肴必须先于y号菜肴制作”
的限制。(注意:M条限制中可能存在完全相同的限制)
Output
输出文件仅包含 D 行,每行 N 个整数,表示最优的菜肴制作顺序,或
者”Impossible!”表示无解(不含引号)。
Sample Input
3
5 4
5 4
5 3
4 2
3 2
3 3
1 2
2 3
3 1
5 2
5 2
4 3
Sample Output
1 5 3 4 2
Impossible!
1 5 2 4 3
HINT
【样例解释】
第二组数据同时要求菜肴1先于菜肴2制作,菜肴2先于菜肴3制作,菜肴3先于
菜肴1制作,而这是无论如何也不可能满足的,从而导致无解。
100%的数据满足N,M<=100000,D<=3。
Source
一眼感觉是模拟,就是按照要求,做菜呗,真傻...没多想,直接开搞,码完...一看 唉?!似乎我被自己绕进去了.真可怕....
ShallWe大爷说了句…拓扑排序啊….顺其一看….傻逼题!,反向输出字典序最大的拓扑序…证明什么的我也不知道
于是走起...PE?!什么鬼?稍微改了下,PE?...PE了大概7次...点开discuss......好吧.....终于愉快的A了....
代码:
#include<iostream>#include<cstdio>#include<algorithm>#include<cstring>#include<cmath>#include<queue>#include<vector>using namespace std;int read(){ int x=0,f=1; char ch=getchar(); while (ch<'0' || ch>'9') {if (ch=='-') f=-1; ch=getchar();} while (ch>='0' && ch<='9') {x=x*10+ch-'0'; ch=getchar();} return x*f;}int n,m,t;int head[100010],prin[100010],xz[100010];int cnt=0,num=0;struct data{int to,next;}edge[100010];priority_queue <int,vector<int> >q;void add(int u,int v){ cnt++; edge[cnt].to=v;edge[cnt].next=head[u]; head[u]=cnt;}void solve(int now){ q.pop();prin[++num]=now; for (int i=head[now]; i; i=edge[i].next) { xz[edge[i].to]--; if (xz[edge[i].to]==0) q.push(edge[i].to); }}int main(){ t=read(); while (t--) { n=read(),m=read();cnt=0;num=0; memset(head,0,sizeof(head)); memset(xz,0,sizeof(xz)); for (int i=1; i<=m; i++) { int u=read(),v=read(); add(v,u);xz[u]++; } for (int i=1; i<=n; i++) if (!xz[i]) q.push(i); while (!q.empty()) solve(q.top()); if (num!=n) {puts("Impossible!");continue;} for (int i=n; i>=1; i--) printf("%d ",prin[i]); printf("\n"); } return 0;}
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