bzoj 2843 极地旅行社
来源:互联网 发布:自制电子相册软件 编辑:程序博客网 时间:2024/06/08 04:10
2843: 极地旅行社
Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 256 MBSubmit: 293 Solved: 200
[Submit][Status][Discuss]
Description
不久之前,Mirko建立了一个旅行社,名叫“极地之梦”。这家旅行社在北极附近购买了N座冰岛,并且提供观光服务。当地最受欢迎的当然是帝企鹅了,这些小家伙经常成群结队的游走在各个冰岛之间。
Mirko的旅行社遭受一次重大打击,以至于观光游轮已经不划算了。旅行社将在冰岛之间建造大桥,并用观光巴士来运载游客。Mirko希望开发一个电脑程序来管理这些大桥的建造过程,以免有不可预料的错误发生。
这些冰岛从1到N标号。一开始时这些岛屿没有大桥连接,并且所有岛上的帝企鹅数量都是知道的。每座岛上的企鹅数量虽然会有所改变,但是始终在[0, 1000]之间。
你的程序需要处理以下三种命令:
1."bridge A B"——在A与B之间建立一座大桥(A与B是不同的岛屿)。由于经费限制,这项命令被接受,当且仅当A与B不联通。若这项命令被接受,你的程序需要输出"yes",之后会建造这座大桥。否则,你的程序需要输出"no"。
2."penguins A X"——根据可靠消息,岛屿A此时的帝企鹅数量变为X。这项命令只是用来提供信息的,你的程序不需要回应。
3."excursion A B"——一个旅行团希望从A出发到B。若A与B连通,你的程序需要输出这个旅行团一路上所能看到的帝企鹅数量(包括起点A与终点B),若不联通,你的程序需要输出"impossible"。
Input
第一行一个正整数N,表示冰岛的数量。
第二行N个范围[0, 1000]的整数,为每座岛屿初始的帝企鹅数量。
第三行一个正整数M,表示命令的数量。
接下来M行即命令,为题目描述所示。
Output
对于每个bridge命令与excursion命令,输出一行,为题目描述所示。
Sample Input
5
4 2 4 5 6
10
excursion 1 1
excursion 1 2
bridge 1 2
excursion 1 2
bridge 3 4
bridge 3 5
excursion 4 5
bridge 1 3
excursion 2 4
excursion 2 5
4 2 4 5 6
10
excursion 1 1
excursion 1 2
bridge 1 2
excursion 1 2
bridge 3 4
bridge 3 5
excursion 4 5
bridge 1 3
excursion 2 4
excursion 2 5
Sample Output
4
impossible
yes
6
yes
yes
15
yes
15
16
impossible
yes
6
yes
yes
15
yes
15
16
HINT
1<=N<=30000
1<=M<=100000
Source
题解:lct 模板题,注意及时更新点值即可#include<iostream>#include<cstdio>#include<cstring>#include<algorithm>#define N 30003using namespace std;int n,m;int size[N],key[N],sum[N],ch[N][3],fa[N],top,st[N],rev[N];int isroot(int x){ return ch[fa[x]][0]!=x&&ch[fa[x]][1]!=x;}int get(int x){ return ch[fa[x]][1]==x;}void pushdown(int x){ if (!x) return; if (rev[x]) { rev[ch[x][0]]^=1; rev[ch[x][1]]^=1; rev[x]=0; swap(ch[x][0],ch[x][1]); }}void update(int x){ if (!x) return; size[x]=size[ch[x][0]]+size[ch[x][1]]+1; sum[x]=sum[ch[x][0]]+sum[ch[x][1]]+key[x];}void rotate(int x){ int y=fa[x]; int z=fa[y]; int which=get(x); if (!isroot(y)) ch[z][ch[z][1]==y]=x; ch[y][which]=ch[x][which^1]; fa[ch[y][which]]=y; ch[x][which^1]=y; fa[y]=x; fa[x]=z; update(y); update(x);}void splay(int x){ top=0; st[++top]=x; for (int i=x;!isroot(i);i=fa[i]) st[++top]=fa[i]; for (int i=top;i>=1;i--) pushdown(st[i]); while (!isroot(x)) { int y=fa[x]; if (!isroot(y)) rotate(get(y)==get(x)?y:x); rotate(x); }}void access(int x){ int t=0; while(x) { splay(x); ch[x][1]=t; update(x); t=x; x=fa[x]; }}void rever(int x){ access(x); splay(x); rev[x]^=1;}void link(int x,int y){ rever(x); fa[x]=y; splay(x); update(x);}int find(int x){ access(x); splay(x); while (ch[x][0]) x=ch[x][0]; return x;}void change(int x,int y){ key[x]=y; access(x); splay(x);}int main(){ freopen("a.in","r",stdin); scanf("%d",&n); for (int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&key[i]); scanf("%d",&m); for (int i=1;i<=m;i++) { char s[20]; int x,y; scanf("%s%d%d",s,&x,&y); if (s[0]=='e') { if (find(x)==find(y)) { rever(x); access(y); splay(y); printf("%d\n",sum[y]); } else printf("impossible\n"); } else if (s[0]=='b') { if (find(x)==find(y)) printf("no\n"); else link(x,y),printf("yes\n"); } else change(x,y); }}
0 0
- bzoj 2843 极地旅行社
- bzoj 2843: 极地旅行社
- bzoj 2843 极地旅行社
- bzoj 2843: 极地旅行社
- 2843: 极地旅行社
- BZOJ 1180 CROATIAN 2009 OTOCI/2843 极地旅行社 LCT
- 1180: [CROATIAN2009]OTOCI/2843: 极地旅行社
- bzoj2843极地旅行社题解
- BZOJ2843: 极地旅行社
- BZOJ2843极地旅行社
- 【BZOJ2843】极地旅行社
- bzoj2843 极地旅行社
- [BZOJ2843][LCT]极地旅行社
- bzoj2843 极地旅行社
- [BZOJ2843]极地旅行社(LCT)
- BZOJ2843——极地旅行社
- 日常训练 20170606 极地旅行社
- 【BZOJ2843&&1180】极地旅行社,LCT练习
- 遍历父物体下所有子物体的几种方式
- 单片机学习之旅
- JMeter之基本概念-The Test Plan
- JavaScript 闭包
- [笔记] PhantomJS爬虫小记
- bzoj 2843 极地旅行社
- 文章标题
- day10 response 和 request 案例练习
- BZOJ 1041 HAOI 2008 圆上的整点 数学推导
- 03-树3 Tree Traversals Again (25分)
- Android定时器实现
- 5-16 两个有序链表序列的交集 (20分)
- Android5.0 之 TabLayout配合ViewPager实现界面切换
- POJ 3273 Monthly Expense