交通问题
来源:互联网 发布:福州上海心迹网络骗局 编辑:程序博客网 时间:2024/06/11 16:28
交通问题
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题目描述
有一个这样的城市:它的公路都是东西走向或南北走向的,公路的编号都是从1开始的连续自然数。而每一个公路相交处都有一个交通岗,并配有红绿灯。这个城市里边的人在任何时候都非常遵守交通规则,只有在绿灯的时候,才通过交通岗(包括转弯),绝对不会闯红灯。而且他们只会在交通岗改变他们的行车方向。城市里的每条公路的两端都与别的城市相连。
2010年的一天,恐怖分子突然控制了这个城市,破坏了这个城市的交通系统,使得每个交通岗的灯都变成了绿灯。但是如果一旦有车通过了这个交通岗,这个岗则马上变成了红灯,别的车辆无法再从这个交通岗通过。也就是,每个岗只允许一个车次通过。
这一天恰好在城市中有n辆车,你的任务就是分析这些车辆能不能逃离到别的城市。
2010年的一天,恐怖分子突然控制了这个城市,破坏了这个城市的交通系统,使得每个交通岗的灯都变成了绿灯。但是如果一旦有车通过了这个交通岗,这个岗则马上变成了红灯,别的车辆无法再从这个交通岗通过。也就是,每个岗只允许一个车次通过。
这一天恰好在城市中有n辆车,你的任务就是分析这些车辆能不能逃离到别的城市。
输入
输入数据有多组组成。每一组的第1行由3个整数组成:n,m,k,分别表示这个城市水平、竖直公路的条数,以及在城市里的车的数量。
接下来的k行,表示每个汽车的坐标(x,y),既x行y列有个小车。每个小车开始都在一个交通岗停靠,一旦开出这个交通岗,这个交通岗的交通灯也变成红色。
当n,m,k分别为0,0,0时,结束输入。这组不用输出。
接下来的k行,表示每个汽车的坐标(x,y),既x行y列有个小车。每个小车开始都在一个交通岗停靠,一旦开出这个交通岗,这个交通岗的交通灯也变成红色。
当n,m,k分别为0,0,0时,结束输入。这组不用输出。
输出
输出的每组数据输出两行,第1行为“Scenario Ⅰ”,其中Ⅰ表示组数。
如果这些车辆都可以逃离,则在第2行输出“Solution exists”;否则输出“No solution available”。
如果这些车辆都可以逃离,则在第2行输出“Solution exists”;否则输出“No solution available”。
示例输入
5 5 121 21 32 12 43 13 23 54 14 25 25 35 44 3 61 31 22 12 23 14 23 3 91 11 21 32 12 2 2 33 13 23 30 0 0
示例输出
Scenario 1No solution availableScenario 2Solution existsScenario 3No solution available
分析:网络最大流,首先构造一个源点和一个汇点,把源点和每个车的出发地点连接起来,流量为1,因为每个交通岗只能过一辆车,所以拆点,流量为1,然后把边界的点与汇点连接,流量为1,交通岗之间互相连接,流量inf,即可:
程序:
#include"stdio.h"#include"string.h"#include"queue"#include"stack"#include"algorithm"#include"vector"#include"iostream"#include"math.h"#include"stdlib.h"#define M 1009#define inf 100000000using namespace std;int disx[5]={0,1,0,-1};int disy[5]={1,0,-1,0};struct st{ int u,v,w,next;}edge[M*M*2];struct node{ int x,y;}p[M*M];int t,head[M*M],work[M*M],num[M][M],dis[M*M],vis[M*M];void init(){ t=0; memset(head,-1,sizeof(head));}void add(int u,int v,int w){ edge[t].u=u; edge[t].v=v; edge[t].w=w; edge[t].next=head[u]; head[u]=t++; edge[t].u=v; edge[t].v=u; edge[t].w=0; edge[t].next=head[v]; head[v]=t++;}int bfs(int S,int T){ queue<int>q; memset(dis,-1,sizeof(dis)); dis[S]=0; q.push(S); while(!q.empty()) { int u=q.front(); q.pop(); for(int i=head[u];i!=-1;i=edge[i].next) { int v=edge[i].v; if(edge[i].w&&dis[v]==-1) { dis[v]=dis[u]+1; if(v==T) return 1; q.push(v); } } } return 0;}int dfs(int cur,int a,int T){ if(cur==T)return a; for(int &i=work[cur];i!=-1;i=edge[i].next) { int v=edge[i].v; if(edge[i].w&&dis[v]==dis[cur]+1) { int tt=dfs(v,min(edge[i].w,a),T); if(tt) { edge[i].w-=tt; edge[i^1].w+=tt; return tt; } } } return 0;}int dinic(int S,int T){ int ans=0; while(bfs(S,T)) { memcpy(work,head,sizeof(head)); while(int tt=dfs(S,inf,T)) ans+=tt; } return ans;}int main(){ int n,m,k,i,j,r,kk=1; while(scanf("%d%d%d",&n,&m,&k),n||m||k) { init(); int cnt=0; for(i=1;i<=n;i++) { for(j=1;j<=m;j++) num[i][j]=++cnt; } memset(vis,0,sizeof(vis)); for(i=1;i<=k;i++) { scanf("%d%d",&p[i].x,&p[i].y); vis[num[p[i].x][p[i].y]]=1; } int source=0; int sink=n*m*2+1; for(i=1;i<=n;i++) for(j=1;j<=m;j++) add(num[i][j]*2-1,num[i][j]*2,1); for(i=1;i<=k;i++) add(source,num[p[i].x][p[i].y]*2-1,1); for(i=1;i<=n;i++) { for(j=1;j<=m;j++) { for(r=0;r<4;r++) { int x=i+disx[r]; int y=j+disy[r]; if(x>=1&&x<=n&&y>=1&&y<=m) { if(vis[num[x][y]])continue; add(num[i][j]*2,num[x][y]*2-1,inf); } else { add(num[i][j]*2,sink,1); } } } } int ans=dinic(source,sink); //printf("%d\n",ans); printf("Scenario %d\n",kk++); if(ans==k) printf("Solution exists\n"); else printf("No solution available\n"); } return 0;}
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