都市环游

题目描述

因为SJY干的奇怪事情过多，SJY收到了休假的通知，于是他准备在都市间来回旅游。SJY有一辆车子，一开始行驶性能为0，每过1时间行驶性能就会提升1点。每个城市的道路都有性能要求。SJY一共有t时间休息，一开始他位于1号城市（保证1号城市道路要求为0），他希望在n号城市结束旅程。每次穿过一条城市间的路会花费1时间，当然他也可以停留在一个城市不动而花费1时间。当且仅当车子的行驶性能大于等于一个城市，我们才能到达那里。SJY希望知道，旅游的方案模10086后的答案。（只要在某一时刻通过的道路存在一条不相同，就算不同的方案）

输入

第一行三个数n,m,t，表示有n个城市m条道路t时间。第二行n个数，hi表示第i个城市的道路性能要求。

第三到m+2行，每行两个数u,v，表示城市u与城市v之间有一条单向道路连接（可能有重边）。

输出

包括一个数字，表示旅游的方案模10086。

样例输入

5 17 7
0 2 4 5 3
1 2
2 1
1 3
3 1
1 4
4 1
4 5
5 4
5 3
4 1
2 1
5 3
2 1
2 1
1 2
2 1
1 3

样例输出

245

提示

【数据规模和约定】

对于20%的数据，n<=10,t<=80；对于50%的数据，n<=30,t<=80；对于100%的数据，n<=70,m<=1000,t<=100000000,hi<=70。

solution:

算法1：DP。

f[i][j]表示第j时间到第i个城市的方案数，

f[1][0]=1;    for(int j=1;j<=t;j++)        for(int i=1;i<=n;i++){            f[i][j]=f[i][j-1];            if(j>=a[i])                for(int e=head[i];e;e=Next[e])                    f[i][j]=(f[i][j]+f[vet[e]][j-1])%10086;        }    printf("%d\n",f[n][t]);

但是……t太大了，这样子只有50分。
时间复杂度O（nt）

算法2：

矩阵乘法
有这样一个结论：要求路径方案数就是把多个邻接矩阵相乘。
把在原地不动看作是自环。
然后，观察到h[i]的值很小，就将前面有性能约束的时间里一个一个做矩阵乘法。后面性能已经足够好，想跑什么城市都可以，就不用关心能不能去那个城市，只关心要用多少时间。这个时间非常的大，一个一个的做乘法肯定是要TLE的，由于每次乘的都一样，用快速幂优化一下就可以了。
要注意这几个细节：在处理前面一部分的邻接矩阵时，要小心性能约束。对于边e(u,v),当时的性能a,当且仅当a>h[u]&&a>=h[v]时这条边可以取用，否则为0。因为这条边可取须有上一时刻可以到达u&&这一时刻可以到达v。我不小心把两个都写成了>=于是就完美的WA了。
这份代码是分类的，防止打错了全炸……将就一下

#include<iostream>#include<cstdio>#include<cmath>#include<algorithm>#include<cstdlib>#include<cstring>using namespace std;typedef long long ll;ll read(){    ll ans=0;    char ch=getchar(),last=' ';    while(ch>'9'||ch<'0'){        last=ch;        ch=getchar();    }    while(ch<='9'&&ch>='0'){        ans=ans*10+ch-'0';        ch=getchar();    }    if(last=='-')        ans=-ans;    return ans;}int mt,nt,tt,n,m,t,a[80],f[80][10000],vet[10000],Next[10000],head[10000],en,ans,ft[75][75],f0[75][75],f2[75][75],fn[75][75];//a就是题目中的hint main(){    n=read();    m=read();    t=read();    for(int i=1;i<=n;i++){        a[i]=read();        mt=max(mt,a[i]);        f0[i][i]=1;    }    for(int i=1;i<=m;i++){        int x,y;        x=read();        y=read();        f0[x][y]++;        en++;        vet[en]=x;        Next[en]=head[y];        head[y]=en;    }    if(t>=10000){        for(int i=1;i<=n;i++)            for(int j=1;j<=n;j++)                f2[i][j]=f0[i][j];        for(int ntt=1;ntt<=mt;ntt++){            for(int i=1;i<=n;i++)                for(int j=1;j<=n;j++)                    fn[i][j]=(ntt>a[i]&&ntt>=a[j] ? f0[i][j] : 0);            for(int i=1;i<=n;i++)                for(int j=1;j<=n;j++){                    ft[i][j]=0;                    for(int k=1;k<=n;k++)                        ft[i][j]=(ft[i][j]+f2[i][k]*fn[k][j])%10086;                }            for(int i=1;i<=n;i++)                for(int j=1;j<=n;j++)                    f2[i][j]=ft[i][j];        }        tt=t-mt;        nt=1;        while(tt){            if(tt&nt){                tt-=nt;                for(int i=1;i<=n;i++)                    for(int j=1;j<=n;j++){                        ft[i][j]=0;                        for(int k=1;k<=n;k++)                            ft[i][j]=(ft[i][j]+f2[i][k]*f0[k][j])%10086;                    }                for(int i=1;i<=n;i++)                    for(int j=1;j<=n;j++)                        f2[i][j]=ft[i][j];            }            for(int i=1;i<=n;i++)                for(int j=1;j<=n;j++){                    ft[i][j]=0;                    for(int k=1;k<=n;k++)                        ft[i][j]=(ft[i][j]+f0[i][k]*f0[k][j])%10086;                }            for(int i=1;i<=n;i++)                for(int j=1;j<=n;j++)                    f0[i][j]=ft[i][j];            nt<<=1;        }        printf("%d\n",f2[1][n]);        return 0;    }    f[1][0]=1;    for(int j=1;j<=t;j++)        for(int i=1;i<=n;i++){            f[i][j]=f[i][j-1];            if(j>=a[i])                for(int e=head[i];e;e=Next[e])                    f[i][j]=(f[i][j]+f[vet[e]][j-1])%10086;        }    printf("%d\n",f[n][t]);    return 0;}